B-1. feladat
Megoldás
A reakció:
M + H2SO4 = MSO4 + H2
Adataink:
- az oldásra használt kénsav mennyisége 70,00 g 28,00%-os (m) oldat,
- az oldott fém tömege 12,00 g,
- az oldatból 4,00 g MSO4 · 7H2O vált ki 20 oC-on,
- az oldat 2,00 g-ja 8,44 ml 0,100 mólos NaOH -oldatot semlegesít.
Ha a 12 g fém n mol, akkor n mol kénsavval reagál, és n mol hidrogén távozik az oldatból. Az összes hozzáadott kénsav:
n1 = | 19,6 g | = 0,200 mol |
98 g/mol |
n2 = | 8,44 · 10-3 · 0,100 | mol = 4,22 · 10-4 mol |
2 |
kénsav, amiből n = 0,1835 mol, és az ismeretlen fém atomtömege:
AM = | m | = | 12,00 g | = 65,38 g/mol |
n | 0,1835 mol |
Ez a fém a cink: Zn.
A kivált ZnSO4 · 7H2O mennyisége:
n = | 4 g | = | 4 g | = 0,0139 mol. |
M | 287,38 g/mol |
Oldatban maradt 0,1835 - 0,0139 = 0,1696 mol ZnSO4, azaz 27,37 g. Az oldat össztömege 77,63 g, tehát a telített oldat
100 · | 27,37 g | = 35,25% -os (m) |
77,63 g |
A képződött hidrogén mennyisége 0,1835 mol, azaz 4,5 dm3 standard állapotú hidrogén.
B-2. feladat
100 g 5,00 tömegszázalékos, sósavas antimon(III)-klorid oldatba 5,00 g ón port szórunk. Kérdés: hány mól-, és hány tömegszázalék lesz az oldat ón(II)-klorid tartalma, ha az oldatból az összes antimon kiválik, s mi lesz a szilárd fázis összetétele a kétféle százalékban?
Megoldás
A reakcióegyenlet:
2SbCl3 + 3Sn = 2Sb + 3SnCl2.
5000 mg | = 21,92 mmol |
228,14 g/mol |
Az 5,00 g ón mennyisége
5000 mg | = 42,12 mmol |
118,7 g/mol |
A 21,92 millimól antimon 1,5-szer ennyi ónnal reagál, azaz 32,88 mmollal, marad 9,24 mmol fém ón, miközben kiválik az összes antimon.
A szilárd fázisban tehát 21,92 mmol (2,67 g) Sb mellett 9,24 mmol (1,1 g) Sn van: 70,34%(n), ill. 70,9%(m) antimon.
Az oldatban antimon már nincs; tömege változott, mert kivált 2,67 g Sb, oldódott (5,00 - 1,1) g Sn, tehát m = (100 + 3,9 - 2,67) g = 101,2 g, benne 32,88 mmol, azaz 6,23 g SnCl2 . Az ón-klorid tartalom 6,16% (m) SnCl2. (mol% nem számolható, mert nem tudjuk, hogy mennyi sósav van az oldatban)
B-3. feladat
Acetonból és egy éterből (R2O, ahol R alkilgyök) álló azeotrop folyadékelegy gőzét 10 -szeres térfogatú (azonos állapotú) oxigénben elégetjük. Az égéstermékben a H2O / CO2-mólarány 1,07, az oxigéntartalom pedig 37,23% (n). Megállapítandó az éter-komponens molekulaképlete, s az azeotrop folyadékelegy összetétele (mól- és tömegszázalékban)!
Megoldás
Legyen az elegyben x mol aceton mellett 1 mol R2O. Akkor az égetés egyenletei:
a) x CH3COCH3 + 4x O2 = 3x CO2 + 3x H2O
b) (CnH2n+1)2O + 3n O2 = 2n CO2 + (2n + 1) H2O
A kiindulási O2 mennyisége: 10(x + 1) mol, fogyott:(4x + 3n) mol, tehát maradt (6x - 3n + 10) mol oxigén, képződött: (3x + 2n) mol CO2 és (3x + 2n + 1) mol H2O. A víz/széndioxid arány ismeretében:
3x + 2n + 1 | = 1,07 |
3x + 2n |
CO2 + H2O | = | 6x + 4n + 1 | = | 62,77 | = 1,868 |
O2 | 6x - 3n + 10 | 37,23 |
B-4. feladat
Ha jódot 20%-os (m) etanolban telítésig oldunk, akkor az oldat („A”) 100 g -jának jódtartalmát 9,44 ml 0,050 M Na2S2O3 mérőoldat színteleníti el. A tiszta etanollal készített telített jódoldat („B”) 1,000 g -ja pedig 12,20 ml 0,100 M mérőoldattal redukálható.
Öntsünk 100 g „A” oldathoz annyi „B” oldatot, hogy az oldószer 80%-os alkoholtartalmú legyen. Ennek az oldatnak 5,00 g -ját 16,50 ml 0,100 M tioszulfát-oldat színteleníti el. Számítsa ki a jód oldhatóságát a 80% (m) etanoltartalmú vizesoldatban! Számítsa ki, hogy mennyi „B”-oldatot öntöttünk az „A”-oldathoz, s eközben mennyi jód vált ki az oldatból!
Megoldás
a) Az 1. titrálás során megtudtuk, hogy 100 g oldatban, amely 20% -os alkohollal készült, a I2 + 2Na2S2O3 = 2 NaI + Na2S4O6 egyenlet alapján 9,44 · 0,05/2 = 0,236 mmol (0,06g) jód van és 99,94 g · 0,2 = 19,9 g alkohol.
b) A 2. titrálásnál a tiszta alkohollal készült „B”-oldatban pedig: 12,2 · 0,1 / 2 = 0,61 mmol jód van 1,00 g-ban, vagyis grammonként 0,1549 g jód és 0,845 g alkohol.
c) Ha összeöntünk 100 g „A”, és x g „B” oldatot, akkor a bennük levő jód és alkohol mennyisége (tömeggel kifejezve): 100 g „A”-ban 0,06 g jód, 19,99 g alkohol , és 79,96 g víz, x g „B”-ben 0,155x g jód és 0,845x g alkohol..
Összesen (0,06 + 0,155x) g jód (0,236 mmol + 0,61 mmol), és (19,9 + 0,845x) g alkohol, 79,96 g víz mellett.
A fentiek alapján
malkohol | = | 19,9 + 0,845x | = 4 |
mvíz | 79,96 |
, amiből x = 354,95. Tehát 355 g „B” oldatot kell 100 g „A”-hoz önteni.
Az összeöntött oldatokban összesen 55,1 g jód van, ebből kivált y g, tehát összesen (55,1 – y) g jód van (455- y) g oldatban. Ez az oldat a titrálás alapján 4,2% jódot tartalmaz:
55,1 - y | = 0,042 |
455 - y |
, amiből y = 37,55, tehát 37,55g jód vált ki az oldatból.
B-5. feladat
Egy régi KMnO4-minta részben elbomlott az 1.) egyenlet szerint. Ebből a mintából 100 mg-ot lemérünk, és savas közegben 50,00 ml 0,050 mólos oxálsav-mérőoldatot adunk hozzá. (2. és 3. egyenlet). A fölös oxálsav titrálására 20,00 ml 0,020 M KMnO4-mérőoldat fogy (2. egyenlet). Hány százalék bomlott el az eredeti permanganát-mintából? Hány százalékos hibát okoz ez a titrálásoknál, ha mérőoldatként használjuk a belőle készült oldatot?
A (protonnal, együtthatókkal) kiegészítendő egyenletek:
1.) KMnO4 + H2O = KOH + MnO2 + O2,
2.) MnO4- + (COOH)2 = Mn2+ + CO2 + H2O,
3.) MnO2 + (COOH)2 = Mn2+ + CO2 + H2O.
Az egyenletek:
4KMnO4+ 2H2O | = | 4 KOH + 4MnO2 + 3O2 | (1) |
2 MnO4- + 5(COOH)2 + 6H+ | = | 2Mn2+ + 10CO2 + 8H2O | (2) |
MnO2 + (COOH)2 + 2H+ | = | Mn2+ + 2CO2 + 2H2O | (3) |
Az összes felhasznált redukálószer (oxálsav): nr = 50 ml · 0,05 mol/l = 2,5 mmol, ebből a KMnO4-mérőoldatra fogyott nf = 20 ml · 0,02 M · 2,5 = 1,00 mmol (2. egyenlet), a mintára: nm = 2,50 - 1,00 = 1,50 mmol (2. és 3. egyenlet).
Ha a minta x mmol KMnO4-ot és y mol MnO2-ot tartalmaz, akkor (mivel előbbire a (2) egyenlet szerint mólonként 2,5 mol, utóbbira mólonként 1 mol fogy):
2,5x + y = 1,5 | (4) |
A minta összetevői: 157,9x mg KMnO4, 86,9y mgMnO2, és 56y mg KOH ((1) egyenlet), össztömege 100 mg. Tehát:
157,9x + (86,9 + 56)y = 100 | (5) |
A (4) és (5) egyenletből x = 0,573, y = 0,0656.
Mintánk tehát 0,573 mmol (90,6 mg) káliumpermanganátot, 0,0656 mmol (5,7 mg) mangán-dioxidot, és 0,0656 mmol (3,67 mg) kálium-hidroxidot tartalmaz.
Mivel az (1) egyenlet szerint 1 mol KMnO4-ből 1 mol MnO2 képződik, az y mol MnO2 képződéséhez y mol permanganátnak kellett elbomlania. A bomlás százalékos mértéke tehát:
y | · 100 = 10,26% |
x + y |
Hiba: | 1,583 – 1,5 | · 100 = 5,5% (ennyivel többnek mérjük a valóságnál) |
1,5 |
B-6. feladat
Egy fém kétféle oxidjának (MO és M2O3) elegyéből 2,000g-ot 100g 10%-os kénsavban oldunk. Az oldat századrészének titrálására 14,00 cm3 0,100 M NaOH-oldat fogy, tizedrésze pedig 15,90 cm3 0,020 M kálium-permanganát-oldatot színtelenít el. Melyik fém oxidjairól van szó? Mi volt a szilárd keverék és mi lett a kénsavas oldat százalékos összetétele?
Megoldás
MO + H2SO4 | = | MSO4 + H2O | (1) |
M2O3 + 3 H2SO4 | = | M2(SO4)3 + 3H2O | (2) |
10 MSO4 + 2 KMnO4 + 8 H2SO4 | = | 5 M2(SO4)3 + 2 MnSO4 + K2SO4 + 8 H2O | (3) |
H2SO4 + 2NaOH | = | Na2SO4 + 2H2O | (4) |
Ha a mintában x mol MO és y mol M2O3 van, akkor (x + 3y) mol kénsav kell az oldáshoz ( (1) és (2) egyenlet), és x / 5 mol KMnO4 kell az oxidáláshoz ((3)egyenlet).
A hozzáadott kénsav tömege 10 g, ami (10 / 98 ) mol = 0,102 mol. Ebből a lúgos titrálásra maradt: 1,4 · 100 / 2 mmol = 70mmol, ((4) egyenlet). Az oxidok oldására fordítódott (102 - 70) mmol = 32 mmol, tehát
x + 3y = 32 | (5) |
A MO oxid oxidálására fogyott permanganát: 10 · 15,90 ml · 0,020 mol/l = 3,18 mmol ((3) egyenlet), tehát x = 15,9 mol, s ezt az (5) egyenletbe helyettesítve: y = 5,37 mmol.
A mólokat a moláris tömegekkel (A + 16, és 2A + 48) szorozva és összegezve, megkapjuk a minta össztömegét:
mö = 15,9 mmol (A + 16 g/mol) + 5,37 mmol (2A + 48 g/mol) = 2000 mg.
Ebből A = 55,85 g/mol, ami a vas atomtömegéhez áll legközelebb. A minta tehát 5,37 mmol (857,5 mg) Fe2O3 mellett 15,9 mmol (1142 mg) FeO-t tartalmaz. Ez 74,75 mol%, ill. 57,1 tömegszázalék vas(II)-oxidot jelent.
B-7. feladat
Ha ZnSO4 és Co(NO3)2 elegyét hevítjük, zöld olvadék képződik és egy gázelegy (1. egyenlet). Ez a gázelegy lúgban teljesen elnyelethető (2. és 3. egyenlet), a gázelegy oxigéntartalma azonban részben oxidálja a nátrium-nitritet nátrium-nitráttá (4. egyenlet). A maradék nitrit kálium-permanganáttal oxidálható (5. egyenlet). Milyen összetételű (mol%) az adott gázelegy, mennyi lúgot semlegesít, s mennyi KMnO4-ot színtelenít el, ha 1mmol cinkszulfát és 1 mmol kobaltnitrát keverékéből indulunk ki? (A fölös cinkszulfát is bomlik ZnO-ra és SO3-ra ).
A kiegészítendő egyenletek:
- …ZnSO4 + …Co(NO3)2 = …Co2[ZnO4] + …SO3 + …NO2 + …O2
- …SO3 + …NaOH = …Na2SO4 + …H2O
- …NO2+ …NaOH = …NaNO2 + …NaNO3
- …NO2- + …O2 = …NO3-
- …NO2- + …MnO4- + …H2O = …NO3- + …MnO2 + …OH-.
Megoldás
Az egyenletek:
ZnSO4+ 2Co(NO3)2 | = | Co2[ZnO4] + SO3 + 4NO2 + 0,5 O2 | (1) |
SO3 + 2NaOH | = | Na2SO4 + H2O | (2) |
2NO2 + 2NaOH | = | NaNO2 + NaNO3 | (3) |
NO2- + 0,5O2 | = | NO3- | (4) |
3NO2- +2 MnO4- + H2O | = | 3NO3- +2 MnO2 + 2OH- | (5) |
Ha az (1) egyenlethez hozzáadjuk ZnSO4 = ZnO + SO3 bomlás-reakciót, azután kettővel osztjuk a kapott egyenletet, akkor kiderül, hogy az 1:1 mólarány esetén keletkező gázelegy összetétele:1mmol SO3, 2mmol NO2, 0,25 mmol O2.
A lúg-fogyás: a kén.trioxidra 2 mmol, a NO2-re 2 mmol, összesen 4 mmol NaOH fogy. Az oldás során 1 mmol nitrit képződik. A képződött 0,25 mmol oxigén 0,5 mmol nitritet oxidál, a maradék 0,5 mmolhoz 1/3 mmol KMnO4 fogy.
A megoldás tehát:
- a gázelegy összetétele: 30,8% (v,n) SO3, 61,5% NO2, 7,7% O2.
- A gázelegy 4 mmol NaOH-ot semlegesít.
- A képződő nitrit 1/3 mmol KMnO4-ot redukál.
B-8. feladat
Hány amperóra elektromos töltés kell az elektrolízis során ahhoz, hogy
a) 1000g egységnyi molalitású Cr2(SO4)3-oldat 0,100 molalitásúvá híguljon?
b) 100g egységnyi molalitású CuCl2-oldat 0,500 molalitásúvá legyen?
c) 1000g 0,10 molalitású Na2SO4-oldat 1,00 molalitásúvá töményedjen?
d) Mennyi króm és oxigén (a), réz és klór(b), hidrogén és oxigén (c)válik le, s hány százalék lesz az a) oldat kénsav-tartalma?
Megoldás
a)
Az 1,00 molalitású Cr2(SO4)3-oldat 1392 g oldatban tartalmaz 1 mol (392 g) krómszulfátot, 1000g oldatban 0,718 mólt, 718 g víz mellett. A 0,100 molalitású oldat 1039,2 g oldatban tartalmaz 0,1 mol (39,2 g) krómszulfátot.
Az elektrolízis egyenlete(a d)-ben írtak alapján):
Cr2(SO4)3 + 3H2O | 6F | > 2Cr + 1,5O2 + 3H2SO4 |
Tegyük fel, hogy levált 2n mol Cr és mellette 1,5n oxigén, maradt (0,718-n) mol
Cr2(SO4)3, eltűnt 3n mol víz, és képződött 3n mol kénsav.
Az oldatban maradt (718-3n · 18) = (718 – 54n) g víz és (0,718 - n) mol krómszulfát, arányuk 1000/0,1 = 104.
Tehát
718 - 54n | = 10000, |
0,718 - n |
s ebből n = 0,65 . Levált 2n = 1,3 mol, vagyis 67,2g Cr, és 1,5n = 0,975 mol oxigén, ami 23,9 (st) liter O2. A fenti mennyiséghez 3 · 1,3mol töltés kell, tehát Q = 3,9F = 104,5Ah. Az oldatban 3n = 1,95 mol, vagyis 191,1 g kénsav képződött, az oldat össztömege 98,8g-mal csökkent, tehát 19110/901,2 = 21,2% (m) a kénsav-tartalom.
b)
Az egységnyi molalitású CuCl2-oldat 1134,5g-jában 1 molCuCl2 van, 100g-ban0,088mol CuCl2 88,1 g vízben. Az elektrolízis egyenlete
CuCl2 | 2F | > Cu + Cl2 |
(itt a víz - elvileg - nem bomlik, csak réz és klór távozik az oldatból).
A 0,50 molalitású oldatban 88,1 g víz mellett 0,044 mol CuCl2 van, tehát kivált 0,088 - 0,044 = 0,044 mol CuCl2 bomlásával 0,044 mol (2,79 g) réz és 0,044 mol (1,078 l) klór. A művelethez kétszerennyi mól töltés kell, azaz 0,088F, ami 2,36 Ah.
c)
A 0,100 molalitású Na2SO4-oldat 1014,2 g-jában van 0,1 mol, 1000 g-jában 0,0986mol, 986 g vízben. Az elektrolízis során csak a víz bomlik
H2O | 2F | > H2 + 0,5O2 |
A 0,0986 mol nátriumszulfát mellett tehát 98,6 g víznek kell maradnia, hogy 1,0 molalitású legyen. 986 - 98,6 = 887,4 g víznek, azaz 49,3 mol víznek kell elbomlania.
B-9. feladat
Króm(III)-só oldatát oly módon elektrolizáljuk, hogy az anódon dikromát (Cr2O7-2) keletkezzék. A katódon csak hidrogénfejlődés van, az anódon azonban nem csak a króm oxidálódik, hanem a vízből oxigén is fejlődik.
Miközben a katódon 10,00 liter standard állapotú hidrogén keletkezik, az oldat századrészében keletkezett kálium-dikromát annyi jodidot oxidál, hogy a kivált jód elszíntelenítéséhez 32,00 cm3 0,100 M Na2S2O3 -mérőoldat kell.
Írja fel az elektródfolyamatokat! Mennyi oxigén vált le az anódon? Milyen arányban fordítódott az elektromos energia a két anódfolyamatra?
Megoldás
A két anódfolyamat :
- 2 Cr3+ + 14 OH- = Cr2O72- + 6e- + 7 H2O
- 4 OH- = 2H2O + O2 + 4e-
a katódfolyamat:
- 2H+ + 2e- = H2
A katódon (10 / 24,5) mol = 0,408 mol hidrogén fejlődik, ez 0,816 F töltés áthaladását jelenti. Ennyi mól elektron keletkezik az anódreakciókban.
A
Cr2O72-+ 6I- + 7H2O = 2Cr3+ + 3I2 + 14H+
I2 + 2 S2O32- = 2I- + S4O62-
Az összes áthaladt töltés 816mF, ebből
- dikromát-képződésre fogyott 319,8 mF (39,2%)
- Oxigén-képződésre fogyott 496 mF (60,8%)
496 mF negyed-ennyi oxigént hoz létre, vagyis 124 millimólt, ami 3,038 liter (St.áll.) O2.
B-10. feladat
1) Hány vízmolekula van benne?
2) Hány protonált vízmolekulát tartalmaz?
3) Hány százaléka kerülhet a gáztérbe egy 50 cm3-es zárt edényben
a) 25 oC-on,
b) 100 oC-on?
4) Mekkora a rétegvastagsága, ha egy 5 cm sugarú körlapon egyenletesen szétterül?
5) Mekkora a jéggömböcske sugara, ha ilyen alakúvá fagy?
6) Mekkora térfogatú ammónia oldódik benne standard állapotban,
7) s ilyenkor mennyit nő a térfogata?
Az ammónia oldhatósága standard körülmények között 693 cm3/1g víz, az oldat sűrűsége pedig 0,885g/cm3.
Megoldás
1) Legyen a vízcsepp 25oC-os. Akkor a vízcseppben 0,05 · 0,997/18 = 2,77 · 10-3 mól van, vagyis 1,67 · 1021 darab vízmolekula.
2) A tiszta víz 1 dm3-ében 10-7 mol protonált, 0,05 cm3-ben 5 · 10-12 mol, azaz 3,01 ·1012 molekula protonált.
3)
a) 25 oC-on az n = pv/RT-ből számítva 6,39.10-5mol kerülhet egy 50cm3-es gáztérbe, ez 2,3%
b) 100oC-on ügyanígy számolva 1,633 · 10-3 mol lehet a gáztérben, ami a csepp 59%-a.
4) Egy 5 cm sugarú kör területe T = 25π = 78,54 cm2, az erre épülő, 0,05 cm3 térfogatú henger magassága m = 0,050/78,54 = 6,36610-4 cm (a vízréteg vastagsága).
5) Ha gömbalakúra fagy, térfogata megnő: 0,05.0,997/0,9168 =0,0544cm3 lesz. A jéggömböcske sugara a V = 4π r3/3 egyenletből r = 0,235 cm.
6) A vízcsepp tömege 0,04985g, ebben 34,55 cm3ammónia oldódik, ami 1,41 millimól és 23,97mg.
7) Az oldat 73,82mg, és térfogata(a sűrűségből) 0,0834 cm3, tehát 1,67-szeresére nőtt.